题目背景
kkksc03 的大学生活非常的颓废,平时根本不学习。但是,临近期末考试,他必须要开始抱佛脚,以求不挂科。
题目描述
这次期末考试,kkksc03 需要考 4 科。因此要开始刷习题集,每科都有一个习题集,分别有 s1,s2,s3,s4 道题目,完成每道题目需要一些时间,可能不等(A1,A2,⋯,As1,B1,B2,⋯,Bs2,C1,C2,⋯,Cs3,D1,D2,…,Ds4)。
kkksc03 有一个能力,他的左右两个大脑可以同时计算 2 道不同的题目,但是仅限于同一科。因此,kkksc03 必须一科一科地复习。
由于 kkksc03 还急着去处理洛谷的 bug,因此他希望尽快把事情做完,所以他希望知道能够完成复习的最短时间。
输入格式
本题包含 5 行数据:第 1 行,为四个正整数 s1,s2,s3,s4。
第 2 行,为 A1,A2,⋯,As1 共 s1 个数,表示第一科习题集每道题目所消耗的时间。
第 3 行,为 B1,B2,⋯,Bs2 共 s2 个数。
第 4 行,为 C1,C2,⋯,Cs3 共 s3 个数。
第 5 行,为 D1,D2,⋯,Ds4 共 s4 个数,意思均同上。
输出格式
输出一行,为复习完毕最短时间。
输入输出样例
输入 #1
输出 #1
说明/提示
1≤s1,s2,s3,s4≤20。
1≤A1,A2,⋯,As1,B1,B2,⋯,Bs2,C1,C2,⋯,Cs3,D1,D2,⋯,Ds4≤60。
思路
摘自洛谷题解
四个科目其实就是四组数据,考虑一个科目单独分析。
显然若当前要处理的问题的时间和为 t,最佳答案是 2t,也就是两边脑所耗时间差为 0。于是现在要求的问题就是使得两边脑所耗时间差尽量小。
如果只考虑一边脑耗时,由于两边脑是对称的,我们假设这个耗时肯定比 2t 小。那么我们要使这个耗时尽量接近 2t。
然后又想到了背包。保证比 2t 小,又要使取得的时间尽量大,可以转化为一个体积与价值相同的背包问题。背包容量为 2t,一个题目的体积和价值相等,都是所耗的时间。
假设背包求得的最大价值为 v,显然另一个脑耗时为 t−v,则总耗时为 max(v,t−v)。
四组数据按照相同方法处理。
代码
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30 31 32 33 34 35 36 37
|
#include<iostream> #include<cstring> typedef long long ll; using namespace std; const int mod = 1e9 + 7; int s1, s2, s3, s4; int ans(int n) { int* v=new int[n+1]; int volume=0; for(int i=1;i<=n;i++){ cin>>v[i]; volume+=v[i]; } int* f=new int[volume/2+1]; memset(f,0,sizeof(int)*(volume/2+1)); for(int i=1;i<=n;i++){ for(int j=volume>>1;j>=v[i];j--){ f[j]=max(f[j],f[j-v[i]]+v[i]); } } const int ans=max(f[volume>>1],volume-f[volume>>1]); delete[]f; delete[]v; return ans; } int main() { cin >> s1 >> s2 >> s3 >> s4; cout << ans(s1) + ans(s2) + ans(s3) + ans(s4) << endl; return 0; }
|